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1、平抛运动与斜面相结合专题训练卷平抛运动与斜面相结合专题训练卷一、选择题一、选择题题型注释题型注释1小球以水平初速v0抛出，飞行一段时间后，垂直撞在倾角为 的斜面上，如此可知小球的飞行时间是 ABcot0gvtan0gv C Dsin0gvcos0gv【答案】A 【解析】速度方向垂直斜面，如此竖直方向的分速度与速度的夹角为 ，再利用三角函数求解 2从倾角为 的足够长的斜面上的 M 点，以初速度 v0水平抛出一小球，不计空气阻力，落到斜面上的 N 点，此时速度方向水平方向的夹角为 ，经历时间为 t。如下各图中，能正确反映 t 与 tan 与 v0的关系的图象是 【答案】D【解析】设此过程经历时间为
2、 t，竖直位移 y=221gt，水平位移 x=v0t tan=xy 联立得 t=gvtan20，得 tv0，故图象 AB 均错。 tan=tan20vgtvvxY，得 tan与 v0无关，为一恒量，故 C 错，D 正确。3 求平抛物体的落点如图，斜面上有a、b、c、d四个点，ab =bc =cd。从a点正上方的O点以速度v0水平抛出一个小球，它落在斜面上b点。假如小球从O点以速度2v0水平抛出，不计空气阻力，如此它落在斜面上的 OabcdAb与c之间某一点Bc点Cc与d之间某一点Dd点【答案】A【解析】当水平速度变为 2v0时，如果作过b点的直线 be，小球将落在c的正下方的直线上一点，连接
3、O 点和e点的曲线，和斜面相交于bc间的一点，故 A 对。Oabcde4如下列图，A、B 两质点以一样水平速度在坐标原点 O 沿 x 轴正方向抛出，A 在竖直平面内运动，落地点为 P1，B 紧贴光滑的斜面运动，落地点为 P2，P1和 P2对应的 x 轴坐标分别为 x1和 x2,不计空气阻力，如下说法正确的答案是 1=x21x21x1,应选 C. 5如图，以的初速度水平抛出的物体，飞行一段时间后，垂直地撞在倾角sm/8 . 9为的斜面上，可知物体完成这段飞行的时间为 30A. B. C. D. s33s332s3s2v0【答案】C【解析】根据此题所给的信息，显然无法利用位移求解，但我们可以从速度
4、入手，将物体撞击在斜面上的速度分解，如下列图，由几何关系可得：00330cotvvvy竖直方向做自由落体运动，由可得gtvysgvty3v0v0vvy6如下列图，在倾角为 的光滑斜面上的 A 点处，以初速度 v1水平抛出一个小物体a，同时小物体 b 以初速度 v2沿斜面下滑，两物体同时到达斜面上的 B 点如此二者的初速度 v1和 v2大小之比为A1：1B1：cosCcos：1D1：cos2【答案】B【解析】 小物体 b 沿光滑斜面下滑，初速度大小为 v2，加速度大小为 gsin小物体 a 作平抛运动，把这个运动沿斜面方向和垂直斜面方向进展分解，沿斜面方向的初速度大小为 v1cos，加速度大小为
5、 gsin它与小物体 b 的加速度一样，要相能在斜面上某点相遇，必须二者的初速度大小相等，即 v1cos=v2，因此 v1：v2=1：cosB 选项正确7如图，斜面与水平面之间的夹角为 45，在斜面底端A点正上方高度为 6 m 处的O点，以 1 m/s 的速度水平抛出一个小球，飞行一段时间后撞在斜面上，这段飞行所用的时间为g=10 m/s2A0.1 sB1 s C1.2 sD2 s【答案】A【解析】当小球垂直撞在斜面上有：tan45=.如此 t=0.1s。故 A 正确，00yvgtvv0vgB、C、D 错误。应当选 A。8如下列图，a、b、c 三个一样的小球，a 从光滑斜面顶端由静止开始自由下
6、滑，同时 b、c 从同一高度分别开始自由下落和平抛如下说法正确的有 A它们同时到达同一水平面B重力对它们的冲量一样C它们的末动能一样D它们动量变化量的大小不一样【答案】D【解析】A、球 b 自由落体运动，球 c 的竖直分运动是自由落体运动，故 bc 两个球的运动时间一样，为 t=；球 a 受重力和支持力，合力为 mgsin，加速度为2hggsin，根据gsint2，得 t=；故 tt，故 A 错误；h1=sin212hsin1gB、由于重力一样，而重力的作用时间不同，故重力的冲量不同，故 B 错误；C、初动能不全一样，而合力做功一样，故根据动能定理，末动能不全一样，故 C 错误；D、根据动量定
7、理，动量的变化量等于合力的冲量，由于时间不全同，合力也不全同，故它们动量变化的大小不全一样，故 D 正确；此题关键是明确三个小球的运动规律，然后根据动能定理、动量定理和运动学公式列式分析9 选考题如下列图，从倾角为的斜面顶点A将一小球以初速度水平抛出，0v小球落在斜面上B点，重力加速度为g。 不计空气阻力如此如下说法正确的有A从 A 到 B 的运动时间为 gvttan40BAB 的长度为 202tancosvLgC到 B 点的速度2014tanBvvD小球在 B 点时的速度分量满足tanyxvv【答案】BC【解析】10如下列图，在足够长的斜面上 A 点，以水平速度 v0抛出一个小球，不计空气阻
8、力，它落到斜面上的水平距离为 x1假如将此球改用 2v0水平速度抛出，落到斜面上的水平距离为 x2，如此21: xx为 A1：1B1：2C1：3D1：4【答案】D【解析】11如下列图，从倾角为 的足够长的斜面上的 A 点先后将同一小球以不同初速度v1v2水平抛出，小球落在斜面上时速度方向与斜面的夹角分别为 1、2，假如v1v2，如此 A12B12C1=2D无法比拟【答案】C【解析】12如图在足够长的斜面上的某点，将同一小球以不同初速度水平抛出，当抛出初速度分别为v1和v2时，小球到达斜面的速度与斜面的夹角分别为1、2，不计空气阻力，如此 A假如v1v2,如此12B假如v1v2,如此1CD【答案
9、】B【解析】，所以，当斜面足够长，tan22212tan2水竖水水水竖sstvgtvgtvvC 的竖直速度还会增大，所以，所以选 B。20如下列图，一物体自 P 点以初速度 l0ms 做平抛运动，恰好垂直打到倾角为45的斜面上的 Q 点g=10m/s2 。如此 PQ 两点间的距离为 A5m Bl0mCm D条件不足，无法求解5 5【答案】C【解析】试题分析：小球垂直打到倾角为 45的斜面上，小球速度和竖直方向夹角为 45，此时速度可分解为竖直方向和水平方向，如下列图，yvgt010m/sv ，竖直位移，所以0yvv010mxv t215m2ygt。225 5msxy应当选 C考点：平抛运动规律
10、点评：平抛运动一般要分解成水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动来研究，应用平抛运动规律，找速度关系和位移关系来求解，尤其要注意角的应用。21如下列图，质量一样的三个小球从足够长的斜面上同一点 O 分别以初速度、1v、水平抛出，落在斜面上的位置分别是 A、B、C，OA=AB=BC，空气阻力不计，如2v3v此 A123:1:2:3vvvB飞行过程中动能增量之比为 1：23C飞行时间之比为 1：23D落在斜面时的动能之比为 1：2：3【答案】CD【解析】小球均做平抛运动，落到斜面上，所以，2012tangtv t02tanvtg又因为，OA=AB=BC，所以飞行时间之比为 1：sinhs2
11、htg23所以初速度之比为：1：C 对；A 错；动能增加等于重力做功，因为高度之比23为 1：2：3，所以动能增量为 1：2：3，B 错；落到斜面的动能，2012mghmv因为初速度之比为：1：，所以初动能之比为 1：2：3，高度之比为231：2：3，重力做功之比为 1：2：3，所以落到斜面的动能之比为 1：2：3，故 D 正确，故答案选 CD.22如下列图，a、b的质量均为m，a从倾角为 45的光滑固定斜面顶端无初速地下滑，b从斜面顶端以初速度 0平抛，对二者从斜面顶端运动到地面的运动过程以下说法正确的答案是 A、都做匀变速运动B、落地时的瞬时速率一样C、加速度一样D、运动的时间一样【答案】
12、A【解析】a 球沿斜面下滑，加速度为 gsin45，b 做平抛运动，加速度为 g，所以二者均做匀变速运动，但加速度不同，所以 A 对，C 错；运动过程中只有重力做功，且做功一样，a 无初动能，b 有初动能，所以二者末动能不同，所以落地瞬时速率不等，B错；a 下落根据匀变速公式：，b 下落时间由平224sin45sin45sin45ooohshtggg抛运动可得：，可知 b 下落时间小于 a 下落时间，D 错，故答案选 A。2htg23如下列图，一固定斜面的倾角为 ，高为 h，一小球从斜面顶端沿水平方向落至斜面底端，不计小球运动中所受的空气阻力，设重力加速度为 g，如此小球从抛出到离斜面距离最大
13、所经历的时间为Agh2 Bgh2sin Cgh2 Dgh【答案】A 【解析】小球从斜面顶端沿水平方向落至斜面底端有，。当速度21=2hgt0=tanhv t沿着斜面向下是力斜面距离最大，。答案选 A。0tan=2yvvhtggg24如下列图，在斜面顶端a处以速度va水平抛出一小球，经过时间ta 恰好落在斜面底端P处；今在P点正上方与a等高的b处以速度vb水平抛出另一小球，经过时间tb恰好落在斜面的中点处假如不计空气阻力，如下关系式正确的答案是 AvavbBvavbCtatbDta2tb2【答案】B【解析】2211222= 2=22= 2= 2ababaabbaaabbbabgtgttts vt
14、svttvvtvvvv得出所以所以25如下列图，一固定斜面的倾角为 ，高为 h，一小球从斜面顶端沿水平方向落至斜面底端，不计小球运动中所受的空气阻力，设重力加速度为 g，如此小球从抛出到离斜面距离最大所经历的时间为Agh2 Bgh2sin Cgh2 Dgh【答案】A【解析】设全程经历的时间为，如此，设小球离斜面最远用时1tvgtvtgt221tan1121，因为小球离斜面距离最大时速度与斜面平行，即，因为2tvgt2tan212tt ，所以gh2，选 A2121gth 2t26如下列图，斜面上有a、b、c、d四个点，abbccd，从a点以初动能EK0水平抛出一个小球，它落在斜面上的b点；假如小
15、球从 a 点以初动能 2EK0水平抛出，不计空气阻力，如此如下判断正确的答案是： A、小球可能落在d点与c点之间 B、小球一定落在c点C、小球落在斜面的速度方向与斜面的夹角一定增大D、小球落在斜面的速度方向与斜面的夹角一定一样【答案】BD【解析】从a点以初动能EK0水平抛出一个小球，它落在斜面上的b点，根据平抛运动的分解：是竖直高度为 h,水平距离为 x,tvxgth02,2102tanvgtxh假如初动能变为 2EK0水平速度变为原来的倍，假如能落到 c 点的话，高度变为2倍，时间变为倍，水平距离刚好也是 2 倍，A 错；B 对；22斜面的速度方向与水平夹角，说明和速度方向没变，与斜面002
16、2tanvtgvgtvvxy夹角也没变，D 对。27如下列图，从倾角为的斜面上的 M 点水平抛出一个小球，小球的初速度为v0，最后小球落在斜面上的 N 点如此 A可求 M、N 点之间的距离B可求小球落到 N 点时速度的大小和方向C可求小球落到 N 点时的动能 D当小球速度方向与斜面平行时，小球与斜面间的距离最大，【答案】ABD【解析】当小球落到斜面 N 点时，竖直方向上的位移与水平方向上的位移比等于斜面夹角的正切值即，所以，故可求出水平方向的位移和竖直2012tangtv t02tanvtg方向的位移，根据勾股定理可得 MN 两点的距离。A 正确。根据时间，可求出竖直方向在 N 点的速度，根据
17、公式，可算出 N 点的速度大小，根据竖直方向的220NvVv速度与水平方向的速度可求出 N 点的速度方向，B 正确。因为不知道小球的质量，无法求出小球在 N 点的动能，C 错误。根据几何知识可知道当小球速度方向与斜面平行时，小球与斜面间的距离最大，D 正确。28如图二所示，一阶梯高宽都为 0.4m，一球以水平速度 v 飞出，欲打在第四级台阶上，如此 v 的取值 X 围是Am/sv2 m/s62B2 m/s v3.5 m/s2C m/s v m/s26D2 m/s v m/s26【答案】A【解析】此题目应按照平抛运动来求解，因为空气阻力可以忽略不计，小球在竖直方向上只受重力，因为要打在第四台阶上
18、，所以在竖直方向上由 y=1/2gt2 s，在水平2方向上由 x=vt位移 x 满足条件 1.2m V2时，12B. 当 V1V2时，t2Bt1t2Ct1=t2D2 t1=t2【答案】A【解析】以 20 m/s 水平抛出的物体一定打在较高的一点，平抛运动的运动时间由竖直高度决定，A 对；ghtgth2,21235如图将一个小球以速度0v从 O 点水平抛出，使小球恰好能够垂直打在斜面上。假如斜面的倾角为 ，重力加速度为g，小球从抛出到打到斜面在空中飞行的时间为t，那么下述说法中不正确的答案是 A小球打在斜面上时的速度大小为 cos0vB小球在空中飞行的时间 tan0gvt C小球起点 O 与落点
19、 P 之间高度差为gtD小球起点 O 与落点 P 之间的水平距离为tv0【答案】AC【解析】此题考查的是平抛运动的相关问题，恰好能够垂直打在斜面上，A 错误，小球在空中飞行的时间，小球起点 O 与落点 P 之间高02vv0tanvtg度差为，C 错误；小球起点 O 与落点 P 之间的水平距离为，应当选 AC；212gt0v t36如下列图，假如质点以初速度 v0正对倾角为 37的斜面水平抛出，要求质点到达斜面时位移最小，如此质点的飞行时间为()AB034vg038vgCD083vg043vg【答案】C【解析】位移最短，即质点位移垂直斜面，根据几何知识可得，得002tan3712v tgt，选
20、C.083vg37(2011 年某某统考)如图 5215 所示，在斜面上某处 A 以初速度 v 水平抛出一个石块，不计空气阻力，在确保石块能落到斜面上的前提下，如此()图 5215A只增大 v，会使石块在空中飞行的时间变短B只增大 v，会使石块的落地点更接近 A 点C只将 A 点沿斜面上移，石块飞行时间变长D只将 A 点沿斜面上移，石块飞行时间不变【答案】D【解析】选 D.由平抛运动规律 xvt，hgt2，tan，可得 t.显12hx2tanvtg然石块飞行时间只与平抛初速度 v、斜面倾角 有关，与 A 点位置无关，选项 C 错误，D 正确只增大 v 会使石块在空中飞行的时间变长，选项 A 错
21、误石块的落地点距 A点的距离 L ，显然，只增大 v 会使落地点更远离 A 点，选22xh2212vtgt项 B 错误38如下列图，斜面的倾角分别为 37，在顶点把小球分别以初速度 V0和 2V0向左水平抛出，假如不计空气阻力，假如小球两次都能够落在斜面上，如此小球两次运动时间之比为 A1：2 B1：3 C1：4 D1：8【答案】A【解析】此题考查的是平抛运动的计算问题，水平射程，飞行时间，svt2htg根据几何关系，可得；210 111220 22212122gtv tshsv thgt1212tt39如下列图，斜面倾角为，从斜面的 P 点分别以 v0和 2v 0的速度水平抛出 A、B两个小
22、球，不计空气阻力，假如两小球均落在斜面上且不发生反弹，如此PAA、B 两球的水平位移之比为 1：4 BA、B 两球飞行时间之比为 1：2 CA、B 下落的高度之比为 1：2 DA、B 两球落到斜面上的速度大小之比为 1：4【答案】AB【解析】此题考查的是平抛运动的规律问题，根据水平射程为，飞行时间为0sv t，可知，如此 A、B 两球的水平位2htg2200:2,:1:2ABABABABhhttv tv ttt移之比为 1：4，A、B 正确；40横截面为直角三角形的两个一样斜面如图紧靠在一起，固定在水平面上，它们的竖直边长都是底边长的一半。小球从左边斜面的顶点以不同的初速度向右平抛，最后落在斜
23、面上。其中有三次的落点分别是 a、b、c。如下判断正确的答案是 abcvA图中三小球比拟，落在 a 的小球飞行时间最短B图中三小球比拟，落在 c的小球飞行过程速度变化最大C图中三小球比拟，落在 a的小球飞行过程速度变化最快D无论小球抛出时初速度多大，落到两个斜面上的瞬时速度都不可能与斜面垂直【答案】D【解析】试题分析：根据平抛运动规律，如此下落高度决定飞行时间，所以 c 飞行时间最短，即 A 错。速度变化最大，即动能变化最多，由于平抛机械能守恒，所以根据动能定理，合外力做功等于动能变化量，所以 a 点重力做功最多，a 动能变化最大，所以 a 的速度变化最大，B 排除。由于三个小球均为平抛运动，
24、速度变化快慢都是重力加速度，所以相等，C 错。通过排除法答案为 D。考点：平抛运动点评：此题考查了平抛运动的规律：通常必须用分解知识才能求解平抛以与类平抛问题。41如图，斜面上 a、b、c 三点等距，小球从 a 点正上方 O 点抛出，做初速为v0的平抛运动，恰落在 b 点。假如小球初速变为v，其落点位于 c，如此 O v0 a b c Av3v0Bv2v0C2v0v3v0Dv0v2v0【答案】D【解析】试题分析：过 b 做一条水平线，如下列图其中在 a 的正下方，而在 C 的正上方，这样，此题相当于第一次从accbba正上方 O 点抛出恰好落到 b 点，第二次还是从 O 点抛出假如落到 C 点
25、，一定落到a的左侧，第二次的水平位移小于第一次的 2 倍，显然第二次的速度应满足：c00 2vvv应当选 D考点：考查了平抛运动规律的应用点评：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动42如下列图，足够长的斜面上A点，以水平速度v0抛出一个小球，不计空气阻力，它落到斜面上所用的时间为t1；假如将此球改用 2v0抛出，落到斜面上所用时间为t2，如此t1 : t2为 Abv0OA1 : 1 B1 : 2 C1 : 3 D1 : 4【答案】B【解析】试题分析：根据平抛运动分运动特点，水平方向 x= v0t，竖直方向有gvtvgtxygtytan2,2tan,21002， 为斜面
26、的倾角，所以当初速度增大为原来的 2 倍时时间也增大为原来的 2 倍，应当选 B考点：考查了平抛运动点评：解决此题的关键知道球做平抛运动落在斜面上，竖直方向上的位移和水平方向上的位移的比值是定值，以与熟练掌握平抛运动的位移公式43如下列图，斜面上有 a、b、c、d 四个点，ab=bc=cd，从 a 点以初动能 E0水平抛出一个小球，它落在斜面上的 b 点，假如小球从 a 点以初动能 2E0水平抛出，不计空气阻力，如此如下判断正确的答案是 A小球可能落在 d 点与 c 点之间 B小球一定落在 c 点C小球落在斜面的运动方向与斜面的夹角一定增大D小球落在斜面的运动方向与斜面的夹角一定一样【答案】B
27、D【解析】试题分析：小球落在斜面上时，竖直方向位移与水平方向位移比值始终等于斜面夹角，当抛出时动能变为原来 2 倍时，速度变为原来的倍，002221tanvgttvgt221mv2时间 t 变为原来的倍，下落高度变为原来的 2 倍，即一定落在 C 点，B2221gth 选项正确。运动方向与斜面夹角，速度、时间均变为原来的倍，0tanvgtvvxy2夹角不变，D 选项正确。考点：平抛运动点评：该类型题目考察了平抛运动的两个夹角，即速度夹角和位移夹角，其中还包含了动能的相关知识，关键在于找到恒定不变的物理量，然后根据这个物理量列出方程，该题目中小球落到斜面后位移夹角始终不变时解题关键，分析过程比拟
28、复杂，有一定难度。0抛出的物体，飞行一段时间后，垂直地撞在倾角 为 30的斜面上，可知物体完成这段飞行的时间是 ( )A、s B、s C、s D、2s332 333【答案】C【解析】试题分析：因为物体垂直落在斜面上，所以速度与斜面垂直，根据，解得考点：平抛运动点评：根据垂直落在斜面上判断出合速度方向与水平夹角为 60，利用分速度与合速度的关系求解时间。45如下列图，在坡度一定的斜面顶点以大小一样的初速度同时水平向左和水平向右抛出两个小球 A 和 B，两侧斜坡的角度分别为 370和 530，小球均落在斜面上，假如不计空气阻力，如此 A 和 B 两小球的运动时间之比370530A BA.3:4 B
29、. 4:3 C. 9:16 D.16:9【答案】C【解析】试题分析：根据平抛运动知识，水平方向为匀速直线运动，竖直方向为自由落体，所以 jiangA、B 位移分解，求正切值。，同理2012tan372AAA AAgtgtv tv，两式联立求解如此时间之比为 9:162012tan532ABA ABgtgtv tv考点：平抛运动点评：此题考查了平抛运动知识：水平方向为匀速直线运动，竖直方向为自由落体，根据规律列式求解。46一水平抛出的小球落到一倾角为的斜面上时，其速度方向与斜面垂直，运动轨迹如图中虚线所示。小球在竖直方向下落的距离与在水平方向通过的距离之比为 AtanB2tanC1tan D12
30、tan【答案】D【解析】试题分析：根据几何知识可得：平抛的末速度与竖直方向的夹角等于斜面倾角，如此有：如此下落高度与水平射程之比为，所以0vtangt2001222ygtgtxv tvtanD 正确应当选 D考点：考查了平抛运动点评：物体做平抛运动，我们可以把平抛运动可以分解为水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解，两个方向上运动的时间一样47从同一点沿水平方向抛出的甲、乙两个小球能落在同一个斜面上，运动轨迹如下列图，不计空气阻力，如下说法正确的答案是()A甲球下落的时间比乙球下落的时间长B甲球下落的时间和乙球下落的时间相等C甲球的初速度比乙球初速度大D甲球的初速度比乙球初
31、速度小【答案】C【解析】试题分析：采用“直接判断法求解从抛出到落到斜面上，甲球下落的竖直高度小于乙球，由知甲球下落的时间比乙球下落的时间短，AB 错误甲球的水平位212hgt移大于乙球，并且甲球下落的时间比乙球下落的时间短，由知，甲球的初速度xvt比乙球初速度大C 正确D 错误应当选 C考点：考查了平抛运动规律的应用点评：关键是知道平抛运动可分解为竖直和水平两个方向上的运动，比拟简单，48如右图所示，在斜面顶端 a 处以速度水平抛出一小球，经过时间恰好落在斜avat面底端 P 处；今在 P 点正上方与 a 等高的 b 处以速度水平抛出另一小球，经过时间bv恰好落在斜面的中点处假如不计空气阻力，
32、如下关系式正确的答案是()btABabvvabv2vCDabttabtt2【答案】B【解析】试题分析：做平抛运动的物体运动时间由竖直方向的高度决定，a 物体下落2 htg的高度是 b 的 2 倍，所以有，所以 CD 错误；2abtt水平方向的距离由高度和初速度决定，由题意得 a 的水平位移是 b 的 2 倍，02hxvg可知，所以 B 正确A 错误2abvv应当选 B考点：此题考查平抛运动，点评：平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解49如下列图，在斜面顶端的 A 点以速度 v 平抛一小球，经 t1时间落到斜面上 B 点处，假如在 A 点将此小球以速度
33、0.5v 水平抛出，经 t2时间落到斜面上的 C 点处，以下判断正确的答案是 ( ) AAB ：AC = 2 ：1 BAB ：AC = 4 ：1Ct1 ：t2 = 4 ：1Dt1 ：t2 = ：12【答案】B【解析】试题分析：物体做平抛运动，水平方向匀速直线运动，竖直方向自由落体运动0 xv t。从斜面上抛出落在斜面上，如如下图分析，如此有212ygt。所以，因此答案 CD 错。20012tan2gtygtxv tv02tanvtg12:0.52:1ttvv水平位移，合位移是，所以2002tanvxv tg202tancoscosvxsg,答案 A 错 B 对。22:(0.5 )4:1AB A
34、Cvv考点：斜面上的平抛运动50如下列图，小球从静止开始沿光滑曲面轨道 AB 滑下，从 B 端水平飞出，撞击到一个与地面成=37的斜面上，撞击点为 C。斜面上端与曲面末端 B 相连，假如 AB 的高度差为 h，BC 间的高度差为 H，如此 h 与 H 的比值 h/H 等于：不计空气阻力，sin37o=0.6，cos37 o=0.837HCBAhA. 3/4 B. 9/4 C. 4/3 D. 4/9【答案】D【解析】试题分析：由机械能守恒得 ，有 A 到 B ，由 B 到 C 小球做平抛运动如221mvmgh 此，联立三式解得 h/H=4/9，选项 D 正确。221gtH vtH037tan考点
35、：机械能守恒定律、平抛运动的规律。51如图为湖边一倾角为 30的大坝的横截面示意图，水面与大坝的交点为 O。一人站在 A 点处以速度 v0沿水平方向扔小石子，AO=40m，g 取 10m/s2。如下说法正确的答案是30OAv0A假如 v0=18m/s，如此石块可以落入水中B假如石块能落入水中，如此 v0越大，落水时速度方向与水平面的夹角越大C假如石块不能落入水中，如此 v0越大，落到斜面上时速度方向与斜面的夹角越大D假如石块不能落入水中，如此 v0越大，落到斜面上时速度方向与斜面的夹角越小【答案】A【解析】试题分析：假如石块恰能落到 O 点，,如此，解得tvx0030cos202130sing
36、txt=2s,v0=17.32m/s,所以假如 v0=18m/s，如此石块可以落入水中；因为石块落水的时间均为 2s，落到水中的竖直速度均为 10m/s，所以假如石块能落入水中，如此 v0越大，落水时速度方向与水平面的夹角越小；根据平抛运动的规律。假如石块不能落入水中，如此落到斜面上时速度方向与水平方向的夹角满足，即33230tan2tan0为定值，而落到斜面上时速度方向与斜面的夹角等于-300，也为定值。选项 A 正确。考点：此题考查斜面上的平抛运动问题。52倾角为 的斜面，长为 l，在顶端水平抛出一个小球，小球刚好落在斜面的底端，如下列图，那么小球的初速度 v0的大小是A.cossingl
37、. Bcos2singlCsin2cosglDsincosgl【答案】B【解析】试题分析：小球运动为平抛运动，水平方向为匀速直线运动0 xv t，竖直方向212ygt由斜面的几何关系可得，cosxL，sinyL，解得2 sinLtg，0coscos2sin2 sinxLgLvtLg对照答案 B 对。考点：平抛运动53如下列图，斜面上 O、P、Q、R、S 五个点，距离关系为OP=PQ=QR=RS，从 O 点以 0的初速度水平抛出一个小球，不计空气阻力，小球落在斜面上的 P 点假如小球从 O 点以 20的初速度水平抛出，如此小球将落在斜面上的 AQ 点 B S 点 CQ、R 两点之间 D R、S
38、两点之间【答案】B【解析】试题分析：设斜面倾角为 ，只要小球落在斜面上，竖直分位移y=与水平221gt分位移(x=v0t)之比均等于 tan 不变，如上图,即 tan=不变，v0变00222vgttvgtxy为原来的 2 倍，如此落到斜面前的运动时间也变为原来的 2 倍，设以 0的初速度抛出落到 P 点的时间为 t,水平分位移为 x1=0t，如此以 20的初速度抛出，如此运动时间是 2t,水平分位移应为 x2=202t=40t，由几何关系应落在 S 点，B 正确。考点：此题考查平抛运动的规律。54将一小球从斜面顶点以初速度 v0水平抛出，小球落在斜面上的速度方向与 斜面成 角，如下列图，假如增
39、大 v0，小球仍落在斜面上，如此角 的变化是A增大 B.减小 C不变 D无法判定【答案】C【解析】试题分析：假如落在斜面上时的速度夹角为 ，由图知位移夹角为 ，有关系=- 和 tan=2tan 成立，根据 sin2=2sincos，如此，可见夹角 与初速度 v0无关，)sin1 (22sintantan1tantan)tan(tan2选项 C 正确。考点：此题考查平抛运动，涉与位移夹角与速度夹角之间的关系。55如右图所示，一小球以初速度 v0沿水平方向射出，恰好垂直地射到一倾角为 30的固定斜面上，并立即反方向弹回。反弹速度的大小是入射速度大小的 3/4，如此如下说法正确的答案是 A在碰撞中小
40、球的速度变化大小为027vB在碰撞中小球的速度变化大小为021vC小球在竖直方向下落的距离与在水平方向通过的距离的比为3D小球在竖直方向下落的距离与在水平方向通过的距离之比为23【答案】AD【解析】试题分析：平抛运动水平方向为匀速直线运动竖直方向为自由落体，末速度与斜面垂直，速度分解如图，末速度反弹的速度反弹速度与原速度方向0tan30vgt02vv0033242vvv所以，即速度变化大小是答案 A 对 B 错。小球在竖直方向下072vvvv 072v落的距离与在水平方向通过的距离的比为答案 C2001113222tan302gtygtxv tv错 D 对。考点：平抛运动56如下列图，斜面上有
41、 a、b、c、d 四个点，ab=bc=cd，从 a 点以初动能 Ek0水平抛出一个小球，它落在斜面上的 b 点。假如小球从 a 点以初动能 2Ek0水平抛出，不计空气阻力，如此如下判断正确的答案是 A小球将落在 c 点B小球将落在 b 与 c 之间C小球将落在在 c 与 d 之间D小球将落在 d 点【答案】A【解析】试题分析：从 a 点抛出后为平抛运动，水平方向，竖直方向为自由落体运动0 xv t，设斜面倾角为，如此有，。斜面212ygt20012tan2gtygtxv tv02tanvtg方向的位移42442222 222220000224tan4tan241()tan1tantan1tan
42、2kvvvEsxyv tgtgggmg当初动能由变为时，斜面方向的位移变为原来的 2 倍，即落点从 b 点移动到kE2kEc 点。答案 A 对。考点：平抛运动57如下列图，某物体自空间 O 点以水平初速度 v0抛出，落在地面上的 A 点，其轨迹为一抛物线。现仿此抛物线制作一个光滑滑道并固定在与 OA 完全重合的位置上，然后将此物体从 O 点由静止释放，受微小扰动而沿此滑道滑下，在下滑过程中物体未脱离滑道。P 为滑道上一点，OP 连线与竖直成 45 角，如此此物体 A由 O 运动到 P 点的时间为02vgB物体经过 P 点时，速度的水平分量为 02 55vC物体经过 P 点时，速度的竖直分量为0
43、vD物体经过 P 点时的速度大小为 2v0【答案】BD 【解析】试题分析：物体做平抛运动时，由 tan450=得 t=，有轨道后，竖直方向不0212v tgt02vg是自由落体运动，所以运动时间不是，A 错；P 点到 O 点的高度 h=，02vg212gt202vg放轨道时，由动能定理有 mgh=代入数据解得 v=2v0，D 正确；设在 P 点时速度方212mv向与竖直方向夹角为 ，OP 连线与竖直为 a，如此有tana=2tan，有 1=2得 vy=2vx，再由数学知识得算得 vx=，vy=xyvv222xyvvv02 55v，B 对，C 错，所以本选择 BD。04 55v考点： 平抛运动5
44、8如下列图是倾角为 45的斜坡，在斜坡底端 P 点正上方某一位置 Q 处以速度 v0水平向左抛出一个小球 A，小球恰好能垂直落在斜坡上，运动时间为 t1.小球 B 从同一点Q 处自由下落，下落至 P 点的时间为 t2.不计空气阻力，如此 t1t2A12 B1C13 D1【答案】D【解析】试题分析：A 小球恰好能垂直落在斜坡上，如下列图，将小球的速度在水平和竖直方向正交分解，可知，可得，而001tan45vgt01vgt在这段时间内，水平位移，竖直下落的高度，0 1ABxv t2112QBhgt因此，又由于斜面倾角为 450， AB=BP，因此 B 小球自由落有体的高度2ABQBxh，而3QPQ
45、Bhh2212QPhgt这样，因此，D 正确2122112132QBQPgthhgt1213tt考点：平抛运动59A、D 分别是斜面的顶端、底端，B、C 是斜面上的两个点，ABBCCD，E 点在 D点的正上方，与 A 等高。从 E 点以一定的水平速度抛出质量相等的两个小球，球 1 落在 B 点，球 2 落在 C 点，关于球 1 和球 2 从抛出到落在斜面上的运动过程 A球 1 和球 2 运动的时间之比为 21B球 1 和球 2 动能增加量之比为 12C球 1 和球 2 抛出时初速度之比为1D球 1 和球 2 运动时的加速度之比为 12【答案】 BC【解析】试题分析: A、因为 AC=2AB，如
46、此 AC 的高度差是 AB 高度差的 2 倍，根据得，212hgt2htg解得运动的时间比为 1：,故 A 错误B、根据动能定理得，mgh=Ek，知球 1 和球22 动能增加量之比为 1：2故 B 正确 AC 在水平方向上的位移是 AB 在水平方向位移的 2 倍，结合 x=v0t，解得初速度之比为 2：1故 C 正确D、平抛运动的加速度2为 g，两球的加速度一样故 D 错误考点：平抛运动。60如下列图，AB 为斜面，BC 为水平面，从 A 点以水平速度 v0抛出一小球，此时落点到 A 点的水平距离为 x1，从 A 点以水平速度 3v0抛出小球，这次落点到 A 点的水平距离为 x2，不计空气阻力
47、，如此 x1x2可能等于( )A13 B16 C19 D112【答案】 ABC【解析】试题分析：设斜面倾角为 ，假如小球抛出的速度较小，两次均落在斜面上，因此有：tan，所以：t1t2v1v213，又有：xvt，所以 x1x219，yx2gtv假如小球抛出的速度较大，两次均落在水平面上，如此两次下落高度一样，即运动时间相等，所以 x1x2v1v213，假如小球抛出的速度适中，如此一次落在斜面上，一次落在水平面上，如此 x1x2的值介于 19 与 13 之间，应当选项 A、B、C 正确；选项 D 错误。考点：此题主要考查了平抛运动规律的应用，以与采用构造法控制变量的思想方法问题，属于中档题。61
48、如下列图，在斜面上的 O 点先后以和的速度水平抛出 A、B 两小球，如此02v03v从抛出至第一次着地，两小球的水平位移大小之比可能为A2 ：3 B4 ：5C4 ：9 D3 ：5【答案】ACD【解析】试题分析：当 A、B 两个小球都能落到水平面上时，由于两者的下落高度一样，运动的时间一样，如此水平位移之比为初速度之比，为 2:：3A 正确；当 A、B 都落在斜面的时候，它们的竖直位移和水平位移的比值即为斜面夹角的正切值，如此，如此时间可知时间之比为 2：3，如此根据2122gtgttanvtv2vtantg可得水平位移大小之比为 4：9C 正确；当只有 A 落在斜面上的时候，A、B 水xvt平
49、位移之比在 2：3 和 4：9 之间，D 正确考点：考查了平抛运动规律的应用二、填空题二、填空题题型注释题型注释62如下列图，从倾角为 的斜面顶端，以水平初速度抛出一个球，不计空气阻0v力，如此小球经过时间离开斜面的距离最大t【答案】4 分tan0gv【解析】63如下列图，在倾角为 37的斜面上的 A 点以 20 m/s 的初速度水平抛出的一手榴弹，飞行一段时间后又落在斜面上的 B 点，重力加速度 g = 10 m/s2，如此手榴弹飞行的时间为 s，A、B 间的距离为 m。【答案】3, 75【解析】考点：平抛运动分析：平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动，根
50、据倾角 为 30的斜面这一个条件，求出水平位移和竖直位移的关系，再分别根据匀速直线运动和自由落体运动的运动规律列方程求解即可解：手榴弹做平抛运动，设运动时间为 t，水平位移 x=v0t 竖直方向位移为 h=gt212根据几何关系可知：=tan37hx由得：t=3s所以：x=v0t=60mh=gt2=45m12所以 s=75m22xh故答案为：3、7564如下列图，倾角为的斜面长为，在顶端水平抛出一小球，小球刚好落在斜面L的底端，那么，小球初速度大小为0v【答案】【解析】三、实验题三、实验题题型注释题型注释四、计算题四、计算题题型注释题型注释65 6 分如图 10，以 10ms 的水平速度抛出的
