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1、传送带问题归类分析传送带是运幼货物的一种有力工具,在装卸运1行业中有着广泛的应用,只要相加留心.（r.r,车站、机场、装卸码头随处可见繁忙运转的传送带.近年来“无论是平常训练还是高考,均顼繁地以传送带为题材命题“，体现了理论联系实际，体现了把初理学问应用于日常生活和生产实际当中.本文收集、整理了传送带相关何跑,并从两个视角进行分类剖析：一是从传送带问SS的考查目标（即；力与运动状况的分析、能玳转化状况的分析）来剖析；二是从传送带的形式来剖析.首先,概括下与传送带有关的学问：一）传送带分类；（常见的几种传送带模型）1按放置方向分水平、（顷科和组合三种：2 .按转向分顺时针、逆时针转两种：3 .按
2、运动状态分匀速、变速两种.（D传送带特点：传送带的运动不受滑块的影响，因为滑块的加入，带动传送带的电机要多输出的能量等于滑块机械能的增加量与摩擦生热的和“（三）受力分析：传送楷模型中要留意摩擦力的突变（发生在Va与V,相同的时刻），对于f斜传送带模型要分析mgn（If的大小与方向。突变有下面三种：1 .滑动摩擦力消逝：2 .滑动摩擦力突变为静埠擦力：3 .滑动睢擦力变更方向：（四）运动分析：1 .谕意参考系的选择，传送带模型中选择地面为舂考系；2 .推断共速以后是与传送带保持相对静止作匀速运动呢？还是接着加速运动？3 .推断传送带长度临界之前是否滑出？（五）传送带问题中的功能分析1 .功能关系
3、：Wf=EEQ,传送带的能敬流向系统产生的内能、被传送的物体的动能变更.被传送物体势能的增加.因此.电动机由于传送工件多消耗的电能就包括了工件增加的动能和势能以及摩擦产生的热I匕2 .对M,Q的正确理解（八）传送带做的功：W1.FsT功率P=&V（F由传送带受力平衡求得）（b）产生的内能：QSm（C）如物体无初速，放在水平传送带上，则在整个加速过程中物体获得的动健E.,因为摩擦而产生的热“tQ行如下关系：EQ=:mv1,一对滑动摩擦力做的总功等于机械能转化成热能的值，而且这个总功在求法上比一般的相互作用力的总功史有特点，一般的一对相互作用力的功为W=/!.而在传送带中一对滑动摩擦力的功W=.,
4、J.其中S为被传送物体的实际路程,因为一对滑动摩擦力做功的情形是力的大小相等，位移不等（恰好相差一倍,并且一个是正功一个是负功,其代数和足负值.这表明机械能向内能精化.转化的出即是两功差值的肯定值.（六）水平传送带问SS的变更类里设传送带的速度为V.初体与传送带之间的动摩擦因数为.两定沿轮之间的距离为1.物体置于传送带一端的初速改为“1、vo=O,Vo物体刚置干传送带上时由于受摩擦力作用，将做a=Ug的加速运动。假定物体从起先置干传送带上始终加速到肉开传送带,则其黑开传送带时的速度为V=原,明显有：V,白嬴时，物体在传送带上招先加速.后匀速.Ve时，物体在传送带上将始终加速.2、VOK0,且V
5、o与V带同向（1） V0V。时,同上理可知,物体刚运动到话上时.物做a-ug的加速运动,假定物体始终加速到离开传送带,则其离开传送带时的速度为V=用嬴，明显有：VV.Ve时，因Vo”,物体刚运动到传送带时,将整加速度大小为a=Hg的减速运动，假定物体始终M速到离开传送带，则其离开传送带时的速度为V=用嬴，明显V-嗅即最时,物体在传送带上将始终减速.V0v，降荻时，物体在传送带上将先减速后匀速.3、Vo0,且VO与V带反向此种情形下,物体刚运动到传送带上时将做加速度大小为的战速运动,假定物体始终减速到离开传送带,则其国开传送带时的速度为V=用盛,明显：VNO.即VON师:时.物体将始终做减速运动
6、出到从传送带的另一端离开传送带.V0,WV00,且Vo与Ve1.可向VoVvo时Vv二时3、V00.JIVo与v4反向VOVV时V。V.时当Umtan”时,物块在加速至与传送带速度相同后,物块将与传送带相对静止，并同传送带起匀速运动；当VtanO时,物块在狂得与传送带相同的速度后仍接著加速.（八）传送带模型的一般解法1.确定探讨对象：2 .受力分析和运动分析，（画出受力分析图和运动情法图）,留意摩擦力突变对物体运动的影响；3 .分清晰探讨过程,利用牛锁运动定律和运动学规律求解未知量.传送书的详细类型她所：一、传送带问题中力与运动状况分析传送带的试即以力和运动的关系为多见,有水平方向的，有侦料方
7、向的，也有水平和倾斜两个方向相结合的，还有变形的传送带.在处理传送带上的力和运动的关系时，要依据物体的受力状况,推阍物体的运动性质：也有依据物体的运动性所.去求解物体的受力状况.1、水平传送书上的力与运动状况分析例1水平传送带被广泛地应用于车站、码头，工厂、车间,如图所示为水平传送带装宣示意图,绷猿的传送带AB始终保持V0=2ms的恒定速率运行.一质j此为m的工件无初速度地放在A处，传送带对工件的滑动摩擦力使工件6起先做匀加速食线运动，设工件与传送带间的动摩擦因数为从=0.2,AB的之间距离为I=Wm,g取Iom一求工件从A处运动到B处所用的时间.分析工件无初速度地放在传送带上，由于传送带以2
8、m/s的恒定连度匀速运动，工件在传送带上受到传送带赐予的滑动,摩擦力作用做匀加速运动.当工件加速到与传送带速度相等时，假如工件没有沿底传送带，工件在传送带上再不相对滑动，两者一起做匀速运动.解答设工件做加速运动的加速度为a.加速的时间为t,加速运动的位移为，,依据牛娘其次定彻有：mg=ma代入数据可得：a=2msz工件加速运动的时间灯=也代入数据可得：t1=1.sa此过程工件发生的位移代入数据可解：/=Im由于/VI,所以工件没有滑离传送带设工件防传送带匀速运动的时间为匕,则t2=1代入数据可得：tz=4.SsV所以工件从A处运动到B处的总时间t=t1+t2=5.5S点辨这是一道传送带以恒定速
9、发运转.而被运尬的工件初速度为O的实际问遨.解决这类问魄首先要对被运输的工件进行受力分析，由工件的受力状况推断出工件的运动性桢，然后依据运动性质求解待求物理量。一般状况下,工件在传送带上在两种运动形式，一是匀加速运动，二是匀速运动.从匀加速运动到匀速运动过程中，往往要对工件在传送带上做加速运动结束时是否沿离传送带作出推断，假如已经滑离传送带，则工件不存在匀连运动阶段，收如没有滑禽.则工件符与传送带一起做匀速运动.可见工件是否滑离传送带的推断是不能忽视的.例2：如图甲所示为乍站运用的水平传送带的模型，传送带长1.=8m,以速度v=4ms沿顺时针方向匀速转动,现有一个质出为mIOkg的旅行包以速度
10、v0=10ms的初速改水平地滑上水平传送带.已知旅行包与皮带间的动摩擦因数为I1.=O6,则旅行包从传送带的A端到B端所须要的时间是多少？(g=10ms?,且可将旅行包视为质点.)分析旅行包受力状况如图乙所示，旅行包受到自身Hi力mg、方向轻直向下,传送带甥予的支持力%.方向竖出向上,传送带对旅行包的滑动摩擦力、方向水平向左：由受力图可知，旅行包水平滑上传送带后将做初速度为vo=1.ms的匀网速运动：出于传送带以速度v=4ms匀速运动，所以只要旅行包不滑商传送带,总有旅行包和传送带的速度达到相等时刻.此时旅行包使与传送带一起做匀速运动.解答设旅行包在传送带上做匀减速运动的时间为H,即经过U时间
11、，旅行包的速度达JJv=4ms,由牛顿其次定律.有:Umg=ma代入数据可得：a=6ms2尺卜=空N代入数据可得：t=1.s/_p-Hj此时旅行包通过的位移为S】，由匀减速运动的规律，Img2_2图乙有Si=7m代入数据可得：S=7rnV1.2m？可知在匀减速运动阶段，旅行包没有滑离传送带，此后旅行包与传送带一起做匀速运动，设做匀速运动的时间为七，则卜=上工代入数据可得：t=0.25sV故：旅行包在传送带上运动的时间为t=t+t2=1.25S点坪例2与例】最大的区分是被运输的物体的初速度比传送带运动的速度要大得多.这-SSi殳条件的变更，干腌影响到工件在传送带上所受的滑动摩擦力的方向，此时摩擦
12、力所起到的作用不是例1中使物体加速,而是使物体减速.自不待吉初始运动状况会影响受力状况，进而影响后来的运动状况.例3（2006年全国理综I第24题）一水平的浅色长传送带上放置一煤块（UJ视为旗点，规块与传送带之间的动摩擦因数为初始时,传送带与煤块都是静止的.现让传送带以恒定的加速度的起先运动，当其速度达到VO后，使以此速度做匀速运动，经过一段时间，煤块在传送带上用卜了一段黑色痕迹后，煤块相对于传送带不再滑动。求此黑色痕迹的长度.解法1力和运动的观点依据“传送带上有然色痕迹”可知，煤块与传送带之间发生了相对滑动，煤块的加速度。小于传送带的加速度。.依据牛顿其次定律,可得设经粉时间匕传送带由静止起
13、先加速到速度等于Vo,煤块则由静止加速到V,有V0=ntV=at由于故v%,煤块接卷受到滑动摩擦力的作用.再笈过时间块块的速度EIIV增加到Vo，有V0=V+/此后,煤块与传送带运动速度相同,相对于传送带不再滑动.不再产生新的痕迹.设在煤块的速度从O增加到VO的整个过程中，传送带和煤块移动的距离分别为So和J,有传送带上倒卜的黑色痕迹的长度由以上各式得.可（%-?）作出煤块、传送带的VT图线如图所示,图中标斜线的:用形的面积，即为煤块相对于传送带的位格，也即传送带上倒下的热色痕迹的长度.=,rAq-殳PR2F点评本业中的传送带不足以恒定的速衣运转.解法2I，T图般法而足以恒定的加速度起先运动.
14、由于传送带的和煤块的速度不等，所以煤块在传送带上也能加速运动，但施目隐含了起始段煤块的加逑度小于传送带的加速度，由于两个加速度大小不一样,所以煤块在传送带上的运动要比以上两例困难.解时的关键是弄清题中所求“传送带上留下的黑色痕迹的长度”实为煤块相对于传送带的位移.审清题意，选好探讨对象，分析济时物理过程，在此茶础上，可从不同的角度来解答.解法一运用力和运动的观点,属常规解法：解法二则运用速度图象，直观简捷，甚至可一步写出解的结果.本遨取材于生活实际，以“力和运动的关系”的学问为教体,存眼于考杳学生的理解实力、推理实力、综合分析实力、建立志向化模型用来解决实际问胭实力“可见本跑很好地考查了考生的
15、物理素养和学以致用的实力,堪称一道联系实际且立意高的好超.2、修斜传送带上的力与运动状况分析例4.如图所示，传送带与水平方向央37。角.AB长为16m的传送借以恒定速度VIOm/s运动，在传送带上端A处无初速柞放帧址为m=0.5kg的物块，物块与带面间的动摩擦因数U=O.5,求：（1）当传送带顺时针转动时，物块从A到B所经验的时间为多少？（2）当传送带逆时针转动时,物块从A到B所经验的时间为多少？（sin37=0.6.cos37,=0.8.取g=10ms）分析1当传送带收时针转动时.传送带相对物块向上运动.故传送带受到物块的摩擦力沿传送带向下，勒块受传送带的摩擦力方向向上，由于gsin37gc
16、os371,故物块向卜作初速度为0的匀加速运动百到B处.（2）当传送带逆时针转动时，初速度为0的物块放上传送带时，由于传送带相对物块向下运动，传送带受到粉块的摩擦力方向沿传送带向上，粉块受到的摩擦力方向沿传送带向下.物块先做加速度为a1的匀加速运动.当速度达到10ms后.因沿传送带向下的重力分力msin37mgcos37（沿传送带向上的摩擦力），故后一阶段物块在传送带上仍旧做匀加速运动，但加速度的大小与前一段不同.解析（1）当传送帝帆!时针转动时.设物块的加速度为a,物块受到传送带尚子的滑动摩擦力UrngCoS37”方向沿斜面对上且小于物块玳力的分力mgsin37.,依据牛顿其次定律，有：mg
17、sin37o-UmgCoS37=ma代入数据可得：a=2ms2物块在传送带上做M速度为a=2m/s：的匀加速运动，设运动时间为I,-J?代入数据可得：t=4s2）物块放上传送带的起先的一段时间殳力状况如图甲所示,前阶段物块作初逋为0的匀加速运动.设加速度为由,由牛顿其次定律,有mgsin37*+Bgcos37e=ma,解得：=IOMs设物块加速时间为1.,则t,=,解解：IEs因位移S产;a3；=2三s,ZX设后阶段物块下滑究竟端所用的时间为0由I-S=Vt2+az2,解得tz=1.s另一解一I1.s不合即意舍去.所以物域从A到B的时间为：t=t+tz=2s点挪价答本题的关键是分析摩擦力的方向
18、,以及麻擦力向上和向下的条件.从本题的解答过程中我们可以得到以下:,点后示：（】）解答“运动和力”何阳的关键是要分析清晰物体的受力状况和运动状况，弄清所给问起的物理情兔.加速度是动力学公式和运动学公式之间联系的桥梁.（2）审题时应留意时咫结条件作必要的定性分析和平定员的分析.如：由本题中给出的U和。值可作出以下推断:当UZIanD时,物块在加速至与传送带速度相同后.物块将与传送倚相对静止.并同传送带一起匀速运动：当utan。时,物块在获得与传送带相同的速度后仍接着加速.（3）滑动摩擦力的方向并不总是阻碍物体的运动，而是R1.固物体间的相对运动。它可能是是阻力，也可能是动力.3、水平和修斜坦合传
19、送带上的力与运动状况分析例5如图甲所示的传送带,其水平部分ab的长度为2m.做斜部分be的长度为4mbe与水平面的夹角=37,现翱一小物块A（可视为质点）轻轻放在传送带的a湘，物块A与传送带之间的动摩擦因数=025传送带沿图印所示方向以v=2m/s的速度匀逑运动，若物块A始终未脱离传送带,试求小物块A从a端被传送到C端所用的时间？图乙分析物块A在水平ab段受到沿传送带运动方向的激动摩擦力作用，受力状况如图乙所示A先在传送带上做匀加速运动滑动一段距黑,直到A的速度达到与传送带做匀速运动的速度相同，此后A将随传送带一起做匀速运动.物块A在传送带领斜段be之间运动，受力状况如图内所示.此时由于=0.
20、25Vtan37=0.75.即物块所受到的滑动摩擦力小于重力沿斜面对下的分力,故物块物沿传送带加速下滑.解答设物块在水平传送带上加速的过程中的加速度为a，依据牛顿其次定律有：Pmg=ZDOi解得zo=2.Sm设物块A做运加速运动的时间为b,S=上解得：t=0.8s%设物块A相对传送带加速运动的位移为Si,则X=221.U解得：s=0.8m当A的速度达到2m/s时，A将随传送带一起匀逑运动，A在传送带水平段匀速运动的时间为U，t2-5,1.t,-5=0.6s解得：t2=0.6sVA在be段受到的摩擦力为滑动摩擦力，其大小为“mgss37,设A沿be段下滑的加速度为a；依据牛顿其次定律有，mpsi
21、n37，EgCOS37=moz解得：j=4rrs2依据运动学的关系,有：Stx-Vt3+其中sbc=4m,v=2m/s,解得st3=1.s.另一解6=-25（不合咫意，舍去所以物块A从传送带的a端传送到c端所用的时间t=t1+t2+t3=2.4s点褥湃答此Sfi的关谨是相确分析物块在水平和领料传送书上的受力状况，并据此分析出物块在两种状态的传送带上的运动状况。在详细的分析过程中应当用意物块在水平和倾斜传送法上的受力和运动状况的特点来分析,说究竟还是力和运动关系问遨.4、变形传送带上的力与运动状加分析例6如图所示10只相同的轮子并排水平排列.SI心分别为01、O1,O3-O10.已知OsO101
22、13.6m.水平转轴通过圆心.全部轮子均绕轴以3rs的11转速顺时针转动.现将一根长0.8m、质量为2.0g的匀质木板V7y平放在这些轮f的左端,木板左端怡好与o竖直对齐.木板、匕必与轮缘间的动旅擦因数为0.16，试求：.木板水平移动的总时间（不计轴与轮间的摩擦，g取10ms2）.分析木板无初速置于轮子I.而轮子的边缘有速度,故木板应当受到轮子的滑动摩擦力的作用加速运动，由于滑动摩擦力存在的前提是初体间存在相对速度，故应考虑木板的速度能否增大到和轮子的城速度相等，另外应用意到轮子时木板的总支持力还是等于木板的.用力，所以本避实际也是一个传送书问咫.当然本遨中由于“传送带”的特殊性以及传送的物体
23、是有肯定战度的“木板”，旦题中求木板“水平移动”的要求，所以应用意到当木板的流心运动到OK）时木板即将起先翻转、滑落.解答（1）设轮子的半径为r,由超超OQM=36m,得轮子的半径r=公=02m.92轮子转动的线速度为V=Imir=-r/s代入数据可得：v=1.6ms11木板受到轮子的滑动摩擦力/=“mg,木板在滑动摩擦力的作用卜做加速运动板运动的加速度=总代入数据可得：o=1.6ms2当木板运动的速度与轮子转动的战速度V相等时，木板讲作匀速运动，由以上推理得：板在轮子上作匀加速运动的时间为f=上，代入数据可得：t=1.sa木板作匀加速运动发生的位移如代入数据可得：s=08m将意到当木板的用心
24、运动到OK）时木板即将起先翻转、沿落，故木板“水平移动”的距离板在作匀速运动的全过程中其重心平动发生的位移为4=36H-0.8w-0.4n=2.4n因此，板运动的总时间为：r=+包=Is+与S=2.5.9V1.6点讦传送带河魄的最大特点是“传送带”一般都使时被传送的初体产生摩擦力，但随着被传送物体的速度增大，可能仝出现摩擦力清道的问题，这样就幺导致被传送物体的运动状况发生变更.对于看似不是传送带的问题，假如其受力特点（松擦力）和传送帚相像则可以类比传送带的同典来分析求解，因其内在的物理本质相同.二、传送带问题中能量转化状况的分析1、水平传送带上的能量转化状况分析例7如图所示,水平传送带以速度V
25、匀速运动，一质量为m的小木块由静止轻放到传送带上,若小木块与传送带之间的（5ZZZD动摩擦因故为“，当小木块与传送带相对修止时，系统转化的内能是（）A.mvzB2mv,C、-nvI、D、-mv2分析小木块在传送带上的受力图如右，由受力图可知，小木块在传送书赐予的滑动摩擦力/作用下做匀加速运动,小木块速度不断增加.当小木块的速度达到V时,小木块与b传送带相对岸止，在此过程中传送带对小木块的摩擦力对木块做正功，同时木块对传送带的摩擦力对传送带做负功,但两个力的大小相等，力作用的位移不等，故总功不为0.这个差位即是系统转化的内能.解答假设小木块达到与传送带达到共I可速度所用的时间为r,在此过程中木块
26、的位移为$1，传送带的位移为S2，则有：5|=/=v,s2=vf即得：$2=25122对木块由动能定理得：Imv2-O=A对传送带和木块由能破关系可知：Ea、由可得：Ee=!八:2故本题选D选项。点辨传送带上的能量何越是有其特点的：其一是在传送话上的物体和传送带相对滑动过程中是一时滑动摩擦力做功；其：是这一对滑动摩擦力做功的情形是力的大小相等，位移不等恰好相差一倍），并且一个是正功一个是负功：其三是一对摩擦力做功的代数和足货值.这表明机械能向内能转化，转化的尿叩是两功差值的忖定值，2、IH斜传送带上的能置转化状况分析例8如图所示.电动机带着绷紧的传送带始终以vo=2m/s的速度运动,传送带与水
27、平面的夹角0=30,现把一质房为m=IOkg的工件轻轻地放在皮带的底瑞，经过一段时间后,工件被送到高h=2m的平台上，已知工件与皮带之间的动摩擦因数“=正，除此之外，不记其他损耗，求电动机由于传O：/电动机由于传送工件多浦疑的电能於指上述所列去向的二、三部分能破.*解答作出工件在传送带上受力如图所示，f为皮带赐予工件的滑动摩擦力，对工件，依据牛帔其次定律.有，pmcosH-mgsin=mo代入数据解得：a=2.5ms2工件达到传送带运咕速度v0=2ms时所用的时间匕=代入数据解得：t1.=0.8sa工件在传送书上加速运动的距离为X=gar：代入数据解电：S1.=.8m故有：SJ.在小货箱加速运
28、动过程中，小货箱获得的动能与发热量相等.T时间内,电动机输出的功为W,IV=/7此功用于增加小货箍的动能、势能以及使小货箱加速过程中克极摩擦力做功放出的热ift即W=；Mmi1;+Nmgh+NQ已知相邻两小货箱的距离为1.则N个小货箱之间的距离为(N-I)1.它应等于传送带在T时间内运动的距离，即%7=(N-I)1.由于T很大,所以N很大.联立)，得不Nm1.N-1.2f1.n/*=-p-+00点W本跑考荏的学问内容是中学物理的核心部分.即能量转化与守恒定律.命遨专家的意图是通过分析困难的物理过程，找出各个过程中与之相关联的条件，来考我考生的综合分析实力.在入效时要分析清晰电动机做的功供应了哪
29、些能量：首先，小箱放入传送带之后与皮带之间产生相对滑动，须要克服摩擦力做功而产生热盘：其次，小箱从静止到达与皮带具有共I可的速度而获得动能：最终，小箱被送到h高处增加了电力势能；以上三个方面的能城都是电动机做功的结果，从当年的答题状况看，不少考生在计算电动机做功时漏掉了小箱相对传送书滑动过程中产生的热量.4、变形传送带上的IMt转化状况分析M1.O如图所示,M径为r=0.4的电动滚轮在长薄帙板上表面压扎道浅梢.薄佚板的长为，=2.8、质量为m=IOkg,已知滚轮与狭板、快板与工作台面间的动摩擦因数分别为“=03和八=0.1，铁板从一端放入工作台的滚轮下,工作时滚轮对铁板产生忸定的竖百.向下的压
30、力为W=100N,在滚轮的摩擦作用下铁板由静止向前运动并被压轧出一浅槽。已知滚轮转动的角速度恒为3=5rads,TWkg取Iom*。求：加工一块铁板电动机要消耗多少电能？(不考虑电动机自身的能耗分析在加工铁板时，可由铁板的受力状况来分析其运动状况。其受力状况是：在将直方向上受到电力、滚轮的出力、以及地面的支持力：在水平方向上上表面受到向前的滑动摩擦力，下表面受到向后的滑动摩擦力，通过计算可知向前的摩擦力大于向后的修擦力故帙板向前加速运动。这样就应当考虑铁板的速度是否能达到和滚轮的线速度相等.若相等，之后铁板上表面受到的即是加朦擦力.帙板将起先匀速运动.在受力状况和运动状况分析清晰的聪础上，再从
31、能出的角度分析，可以发觉电动机消耗的电能流流向了三个方面，一是用于铁板增加动能：二是精化为滚轮和铁板之间产牛的热能：三是利化为钛板和地面之间产生的热能.至此本即已不碓求好.解答起先砂轮给铁板向前的滑动堆擦力h=VW代入数据可得：F=30N代入数据可得：F1=20NF1代入数据可得：=1.msj代人数据可得：k=2ms代入数据可劭S三2m2.8m工作分给铁板的摩擦阻力F?=U2(Mmg)N故铁板先向右做匀加速运动：a=匕二m加速过程铁板能达到的最大速度vm.rV2这一过程铁板的位移SQr所以此后砂轮给快板的麽擦力将变为静,摩擦力，并且h=F,铁板将做匀速运动.加工块铁板电动机消耗的电能：E=AE
32、K+Q1+6其中AEk=-mvmQi=FiSjCb=F八2代入数据可得加工一块铁板电动机消耗的电能：E=136J点呼本题从表面上看并不是传送带的问跑,但在受力分析,运动状况分析特殊是能质转化状况的分析上和传送帚向也有着及其相像的特点：运动状况的阶段性、能敏转化的多样性都是由摩擦力的特点确定的，一方面滑动件擦力的存在是鬟以相对运动存在为基础的，一旦相对运动消逝.，摩擦力会发生变更进而引起运动状况的变更：另一方面一对滑动摩擦力做功就会使得机械能向内能转化，在Q=KM中，相劝路程一切就等于被带动物体的实际路程,以上笔者通过10个实际传送带问题，从两个用度,按四种形式做了剖析。总体来讲，传送带问遨的的一系列特点都是由传送帝和被传送的物体之间的摩擦力的特点确定的.因为摩擦力是一个与运动状况当被传送物体的速度达到传送带的速度时摩擦力就会变更）、其他受力状况（在恸斜传送带上要推断重力沿斜面的重批和摩擦力的大小关系）有关的被动力,所以被传送物体的受力和运动状况有多种可能的变更,同时从能显角度来看摩擦力做功也很存特点,一对滑动摩擦力做的总功等于机械能转化成热能的值，而且这个总功在求法上比一般的相互作用力的总功更有特点一般的一对相互作用力的功为W=fvs,.而在传送带中一对滑动摩擦力的动W=fs（其中5为被传送物体的实际路程八
