《电机与变压器第5版答案解析电机与变压器第五版答案解析(多篇).docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《电机与变压器第5版答案解析电机与变压器第五版答案解析(多篇).docx（4页珍藏版）》请在课桌文档上搜索。
1、电机与变压器第5版答案电机与变压器第五版答案（多篇）篇一:电机与变压器第五版答案求这题电机与变压器答案已知单相降压变压器一次绕组为1200匝,变压比为20.试求第二次绕组的匝数当一次绕组接220v的交流电源时,二次绕组的输出电压是多少，【电机与变压器第五版答案】篇二:电机与变压器第五版答案三相异步电动机与变压器之间的异同点简单点说的话,电动机其实又叫旋转的变压器篇三:电机与变压器第五版答案关于电线功率距离的问题！搬厂房,离变压器大约有300米距离,用电设备电机有7.5KW的5个,15KW、IlKWs18KW各一个,还有加热功率大约有40多KW.但是这些不同时开,一般情况下正常运行功率40多KW
2、,有瞬时电机的启动7.5和15KW的.这种情况用100平方铝线够吗?用100平方铝线最多能拉多少千瓦.如果用线多少平方的合适？问题一大堆：铝线?现在都不用铝线了,你还准备用铝线？100mm2的线径?中国没有Ioomm2的,只有95mm2和12Omm2的,10Omm2是哪个国家生产的；与变压器距离300米,你用铝线是架空还是沿地直埋,或用电缆沟？那么多用电设备,你厂里就没有配电间？如果有的话,配电间里配电屏上的进线开关是多少A的？你如何分配到各用电设备去?用什么线?也是用IoOmm2的吗？再说,你所有的电动机都是直接启动的吗?有没有降压启动或其他的启动方法?你讲的300米外的变压器是多少KVA?
3、等等.所以单单靠这100mm2是不行的.篇四:电机与变压器第五版答案关于发电机和变压器，下列说法中正确的是（）A.发电机是将电能转变成机械能的装置B.发电机输出的电流都是交流电C.原线圈匝数大于副线圈的变压器为升压变压器D.原线圈原数大于副线圈的变压器为降压变压器A、发电机是产生电能的，其原理是电磁感应现象，是将机械能转化为电能的装置.故A错误；B、发电机输出的电流可以是直流电，也可以是交流电，故B错误；C、根据原副线圈电压比等于匝数比可知：原线圈匝数大于副线圈的变压器为降压变压器.故C错误，D正确；故选：D.篇五:电机与变压器第五版答案160KW三相异步电动机启动电流是多少？我用的是自耦变压
4、器启动,用的65%的抽头,空载启动电流达到500以上了,请问这正常吗?应该是多少？用变压器启动跟马达直接启动是一回事,启动电流是额定电流的3_5倍,计算下来500A是正常的既然用变压器和直接启动一样,那为什么还要用变压器?在这里变压器起什么作用？用自耦变压器启动跟马达直接启动不是一回事，电机直接启动的后动电流是额定电流的5-7倍，使用自耦变压器启动能大大降低启动电流,所以你所测得的启动电流是额定电流的3_5倍.自耦变压器与电力变压器不同（自耦变压器的一二次绕组是联通的,而电力变压器的一二次绕组是隔开的,另外,铁芯结构也不同）.这里自耦变压器起降压作用.篇六:电机与变压器第五版答案人教物理初二下
5、册第9页第五题答案加解释,跪求！5.一个电动机工作时,要求电源电压是6V.如果用干电池做电源,需要几节串联起来?如果用铅蓄电池作电源,需要几个串联起来？干电池4个串联!铅蓄电池3个！（一节干电池1.5V）（一节铅蓄电池2V）【电机与变压器第五版答案】篇七:电机与变压器第五版答案电机及拖动基础：变压器有一台单相变压器,已知rl=2.19,l=15.4zr2=0.15,X2=0.964,rm=1250zXm=-zNl=876匝,N2=260匝,U2=6000V,l2=180A,cos（）2=0.8（滞后），用简化等效电路求UI和Il不用等效电路,可以直接求这二个参数：k=nln2=876260=3
6、.369,Ul=kXU2=_VZll=l2k=1803.369=53.428A;篇八:电机与变压器第五版答案电机学变压器问题变压器空载运行的电流I主要建立空载时的磁场,同时还要补偿空载时的损耗?电流能补偿?什么叫补偿空载时的损耗？1、意思应该差不多,但用补偿两个字来表达这个意思,是否妥当?那只有见仁见智了.毕竟这个损耗（空载损耗或俗称为铁耗）是一种能量的消耗（单位是kW.h）,与电流（单位是A）不是一个量纲,也不是一个物理量,所以“补偿”一说不太严密.但又可以说,这个损耗的确与这个电流有关.2、空载电流中,包含两部分,有功分量和无功分量,有功分量当然是造成有功损耗.铁心在励磁的情况下,铁心硅钢
7、片中有涡流等损耗,是实实在在的有功消耗,他使铁心发热等.3、我的意见应该这样来描述,也不一定是很严密,很科学：当变压器空载运行时,空载电流（励磁电流）建立了铁心中的磁场,并也造成铁心的空载损耗（铁耗）.你看行不行?篇九:电机与变压器第五版答案普通物理学J第五版)课后习题答案-1分析与解(1)质点在t至(t+At)时间内沿曲线从P点运动到P点,各量关系如图所示,其中路程AS=PP，,位移大小IArl=PP，,而r=Ir|-IrI表示质点位矢大小的变化量,三个量的物理含义不同,在曲线运动中大小也不相等(注:在直线运动中有相等的可能).但当tO时,点P无限趋近P点,则有IdrI=ds旭却不等于dr.
8、故选(B).由于IrIMs,故，即II.但由于IdrI=ds,故，即II=.由此可见,应选(C).1-2分析与解表示质点到坐标原点的距离随时间的变化率,在极坐标系中叫径向速率.通常用符号Vr表示,这是速度矢量在位矢方向上的一个分量；表示速度矢量；在自然坐标系中速度大小可用公式计算,在直角坐标系中则可由公式求解.故选(D).1-3分析与解表示切向加速度at,它表示速度大小随时间的变化率,是加速度矢量沿速度方向的一个分量,起改变速度大小的作用；在极坐标系中表示径向速率vr(如题1-2所述)；在自然坐标系中表示质点的速率v；而表示加速度的大小而不是切向加速度at.因此只有(3)式表达是正确的.故选(
9、D).1-4分析与解加速度的切向分量at起改变速度大小的作用,而法向分量an起改变速度方向的作用.质点作圆周运动时,由于速度方向不断改变,相应法向加速度的方向也在不断改变,因而法向加速度是一定改变的.至于at是否改变,则要视质点的速率情况而定.质点作匀速率圆周运动时,at恒为零；质点作匀变速率圆周运动时,at为一不为零的恒量,当at改变时,质点则作一般的变速率圆周运动.由此可见,应选(B).1-5分析与解本题关键是先求得小船速度表达式,进而判断运动性质.为此建立如图所示坐标系,设定滑轮距水面高度为h,t时刻定滑轮距小船的绳长为I,则小船的运动方程为，其中绳长I随时间t而变化.小船速度，式中表示
10、绳长I随时间的变化率,其大小即为v,代入整理后为，方向沿X轴负向.由速度表达式,可判断小船作变加速运动.故选(C).1-6分析位移和路程是两个完全不同的概念.只有当质点作直线运动且运动方向不改变时,位移的大小才会与路程相等.质点在t时间内的位移x的大小可直接由运动方程得到：，而在求路程时,就必须注意到质点在运动过程中可能改变运动方向,此时,位移的大小和路程就不同了.为此,需根据来确定其运动方向改变的时刻tp,求出Otp和tpt内的位移大小AXl、Ax2,则t时间内的路程，如图所示,至于t=4.0s时质点速度和加速度可用和两式计算.解(1)质点在4.0s内位移的大小篇十:电机与变压器第五版答案电动机、变压器的线圈都绕在铁芯上，铁芯用互相绝缘的硅钢片叠合组成，而不用整块的硅钢铁芯，其目的是为了减小.变压器的铁芯，在整块导体内部发生电磁感应而产生感应电流的现象称为涡流现象，要损耗能量，不用整块的硅钢铁芯，其目的是增大电阻，从而为了减小涡流，减小发热量，提高变压器的效率.
