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1、冷加工机床 行车 通风机 点焊机同理 tan=1.73 tan2=1.73tan3=0.70 tan=1.33Kdi = 0.15 Kd2=0.10 Kd3=0.80 Kd4=0.35Sc _ 87.72366Un -30.38133.286 IA供电技术第4版各章计算题.题解P592-17某机修车间，装有冷加工机床56台，共260kW;行车1台，共5.1kW,FC=15%；通风机4台，共5kW；点焊机3台，共10.5kW,FC=66%.该车间采用380/22OV供电，试确定该车间的计算负荷(Pc、QcScsIc)o解：由题可知，查p220附表2Pci=PNiKdi=2600.15=39kWP
2、c2=PN2Kd2FC=5,l0.10J5=0.1975kWPc3=PN3Kd3=50.8=4kWPc4=PN4Kd4FC=10.50.35066=2.9856kWQci=Pcitan=391.73=67.47kvarQc2=Pc2tan2=0.19751.73=0.3417kvarQc3=Pc3tan3=4X0.7=2.8kvarQc4=Pc4tan4=2.98561.33=3.9708kvarPc=Pd+Pc2+Pc3+Pc4=39+0.1975+4+2.9856=46.1831kWQc=Qc1+Qc2+Qc3+Qc4=67.47+0.3417+2.8+3.9708=74.5825kvar
3、Sc=yjPc2+c2=46.18312+74.58252=7695.432=87.7236kVA2-20某工厂35kV总降压变电所，拟选用两台等容量变压器，已知工厂总计算负荷为5000kVA,其中一、二级负荷容量为3000kVA,试选择变压器的容量。解：由题意，按暗备用方式5070%=3500(kVA)查p222附表4,试选择2台SL7-3150/35或SL7-4000/35则校验，(1)正常运行时您Z=79.37%不符合经济运行要求3150迎也=62.5%符合经济运行要求4000(2)事故情况下，满足过负荷能力首先3150和4000都大于3000kVA,满足一二级负荷需要。44103150
4、140%=4410kVA负荷能力空U=88.2%,基本满足过负荷要求50004000140%=5600kVA负荷能力型=112%,满足过负荷要求5000综上所述，可选择2台SL7-400035型变压器。2-22某架空线路为8.2km,输电电压为35kV,导线型号为LJ-95,供电给某用户,年耗电量W=14980X103kW-h,线路上的最大负荷电流IfmaX=128A,cos=0.85,试求该线路上的功率损耗及年电能损耗。解：由题意，最大功率PmPm=6uNImaxCOSe=3351280.85=6595.65kW则ax=Wrt/Pnt=14980IO3/6595.65=2271.19h查p5
5、3图2-46,可得=1550h由p226附表11查得ro=O.34Qkm,x=0.36km得R=0.348.2=2.788Q,X=0.368.2=2.952Q年电能损耗AW,=3/；RTXKr3=312822.7881550103=212.41kWh功率损耗Q=JS2尸一尸=Pp_一一1=PXO6197HeOSeJVCOS8单位时间功率P=Wn/8760=14980MWh8760h=1.71MWQ=0.6197P=0.6197X1.71=1.0597MvarAC产+。21.712+1.059722oo.八则=-jy-(R+JX)(2.7882.952)=(0.00921+/0.00975)MV
6、A=0.0134141Z46.64MVA全年功率损耗=0.0134141义8760=117.51MVA2-24某用户变电所变压器型号为SL7-100O/10,负荷为Pav=700kW,CoSe=0.75O试求：1)该变压器中的功率损耗。2)如欲将变压器二次侧负荷功率因数提高到0.95,问通常应采用什么措施进行功率因数补偿，并求出其补偿容量应为多少？3)如果变压器全年投入运行350天，年最大负荷利用时数TmaX=4500h,问补偿后该变压器中的电能损耗减少了多少？解：由题，查p222附表4Pqt=.SkWfPc,lf=.6kWfor%=2.5,(a%=4.5y=1.810,105 = 11.90
7、5AW则l)V=+f=1.8+11ACor%SUkO/。C(SC。7=Snt+-5tT100NT100即(SN=-1000+1000f700z0,75l=25+450.8711=25+39.2=64.2欠var100100I1000)2)采用并联电容器的方式补偿原功率因数COS/=0.75,其tan/=0.8819现功率因数cos%=0.95,其tanQ=0.3287Qr=Pv(tan-tan)=700(0.88190.3287)=387.24ZVar3)由p53图2-46查得：功率因数COS例=0.75,其1二3400功率因数COS夕2=0.95,其汇2=2700。由式(256),可得电能损
8、耗菠少量为：SSAwL叼2=4-(芳L)(声加、NT3W=11.6(700/6752X3400_700/0.952X2700=11.62961.78-1465.93101000=11.61495.85=17351.83jIWAP873-11供电系统如图3-20所示,试求图中ki、k2点发生三相短路时的短路参数(Ik、L、4、Sk)以及在最小运行方式下k2点的两相短路电流Ik(2)。解：由题意，选Sj=100MVA,UjI=Uj2=6.3kV,(1)各元件阻抗标幺值Y* Sj 100 d V*X,. = = U.4 , XIE =SIaX 250加Sj _1000(3) A.min198= 0.
9、5051X；=XO4 L = O.4x5x = 0.1461%372以 Sj 7.5 IOO =-= = 0.75100 SAT 100 10X法 % UN.u Sj10。61NU 页2100 X X -100 3xO.3 6.32= 1.1638Si100X/=0.08X0.8X7=0.1612一%6.32(2)求电源点至短路点的总阻抗k点XKM=X；M+X；+X；=0.4+0.1461+0.75=1.2961Xn=X；In+X；+X；=0.5051+0.1461+0.75=1.4012(3)求短路电流最大运行方式:(3)* si.M= 0.7715%=嗡Ij=0.77159.16=7.06
10、74M喘M=2.55璃=2.557.0674=18.0218kAiw=ML=106891kA1.686Sm=喘Sj=0.7715100=77.15MVL5合格2)速断保护整定如下保护动作一次侧电流I0P2=kJ啜=1.2x26645/(10.5/0.4)=1218.06A继电器4KA动作电流OP 2 Kkinp. = 1218.06 = 40.6A8.230取41A若变压器低压侧短路，流过继电器的电流为33.83A,小于整定值，继电器不会动作，此速断保护满足选择性要求。速断保护灵敏度校验考虑线路在最小方式下首端短路，得X)=%；,=0.6667K=15IOO310.5=8.2481 kA3 (3) -32 EM 2 _ n2L _ 7143 8.2481 =7.1429 M =7143 A821218= 5.86合格在电力系统中速断保护作为HOkV以下输电线路三段式电流保护的第I段，其灵敏度常用其保护范围来确定，其最小保护范围应不小于被保护线路全长的15%0%o根据走_即,2ESSmin+%lmin-Xsnin)导出r1=minop.2_13E51310000/33102则=X7-Smin)=讪(-218=-(4.1051-1.1547)=(2.9504)=7.376(6)对于本题而言，线路全长仅Ikm,显然保护范围延伸到变压器内。3)画图此图如p98图4-12a,略。
