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1、保密启用前甘肃2024年高考综合改革适应性测试（提升卷）物理注意事项：1 .答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2 .回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题Il的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选抒题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3 .考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。.一、单项选择题:本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。1.如图所示为氢原子能级图，以及从=3、4、5、6能级跃迁到=2能级时辐射的四条光谱线.则下列叙述正确的有（）EZeV1-13.6 X65
2、4 3 2A.乩、H.%、%的频率依次增大B.可求出这四条谱线的波长之比，Ha、H0、HpHs的波长依次增大C.处于基态的氢原子要吸收3.4eV的能量才能被电离D.如果Hs可以使某种金属发生光电效应，HP一定可以使该金属发生光电效应答案A解析根据6=ELEl（2，、都只能取正整数），可以判定H”、Hp.冉、Hs的频率依次增大，波长依次减小，且能定量地计算出频率或波长的大小之比，故A正确，B错误；处于基态的氯原子至少要吸收13.6eV的能量才能被包离，故C错误；Hs的频率大于HP的频率，根据光电效应产生的条件可以判定，HS可以使某种金属发生光电效应，HP不一定可以使该金属发生光电效应，故D错误.
3、2.“羲和号”是我国首颗太阳探测科学技术试验卫星.如图所示，该卫星围绕地球的运动视为匀速圆周运动，轨道平面与赤道平面接近垂直.卫星每天在相同时刻，沿相同方向经过地球表面A点正上方，恰好绕地球运行圈.已知地球半径为R自转周期为。地球表面重力加速度为g,则“羲和号”卫星轨道距地面高度为（）A.(gR22 VPR2T2 -r bV c(gR22k 422)PR2T2 -R D3答案C解析地球表面的重力加速度为g,根据牛顿第二定律有9出=/咫，可得GM=gR2,根据题意可知，卫星的运行周期为T=根据牛顿第二定律，万有引力提供卫星做匀速圆周运动所需的向心力，则有:言:）2=M普7（犬+），联立以上式子解
4、得力舞一此故选C.3.如图所示，真空中有一电荷均匀分布的带正电圆环，半径为八带电荷量为夕，圆心。在X轴的坐标原点处，圆环的边缘A点与X轴上P点的连线与X轴的夹角为37。，静电力常量34为，取sin37。=；,cos37。=,则整个圆环产生的电场在P点的电场强度大小为（）Aa2r36.r48n64.从125/”125户J25武”125户答案B解析把圆环分为等份（“足够大），每一份的电荷量为“，则有&每小份可以看成点电荷，由点电荷的电场强度公式可知每小份产生的电场在尸点的电场强度大小均为E0=簿，由几何关系Sin37。=石，可得瓦=等.在P点，及在垂直X轴方向的分量大小为Eyt根据对称性，个月的矢
5、量和为0,在X轴方向的分量大小为Er=氏COS37。，个EK的矢量和就是圆环产生的电场在P点的电场强度，即解得E=A、C、D错误，B正确.4.在图示的双缝干涉实验中，光源S到缝$、S2距离相等，益为&、S2连线的中垂线与光屏的交点.用波长为400nm的光实验时,光屏中央此处呈现中央亮条纹（记为第0条亮条纹），P处呈现第3条亮条纹.当改用波长为60Onm的光实验时，尸处将呈现（）A.第2条亮条纹B.第3条亮条纹C.第2条暗条纹D.第3条暗条纹答案A解析由公式x=夕可知拶当改用波长为60Onm的光实脸时，则有华=%即2=3=熬，解得=2,即P处将呈现第2条亮条纹，A正确32OUU5.如图所示，单摆
6、在竖直平面内的A、C之间做简谐运动，。点为单摆的固定悬点，8点为运动中的最低位置，则下列说法正确的是（）A.摆球在A点和C点时，速度为零，故细线拉力为零，但回复力不为零B.摆球由A点向B点摆动过程中，细线拉力减小，但回复力减小C.摆球在B点时，重力势能最小，机械能最小D.摆球在B点时，动能最大，细线拉力也最大答案D解析假设摆动过程中，细线与竖直方向夹角为仇重力沿细线方向分力为用geos仇垂直于细线方向分力为/“gsin6.摆球在A点和C点时，速度为零，沿细线方向的合力为零，有F=MgcosG,F=zwsin,即细线的拉力与重力沿细线方向分力等大且不为零，回复力与重力沿切向方向的分力等大，也不为
7、零，故A错误；摆球由A点向8点摆动过程中，速度变2大，根据/一;Hgcos0=,Fv3=rngsinOt可得细线拉力增大，回复力减小，故B错误；摆球在摆动过程机械能守恒，从最高点摆到8点过程中，重力做正功，其重力势能一直在减小，动能一直在增加，所以摆球在4点时，重力势能最小，动能最大，故C错误；摆球在6点时对其受力分析，可得F吆=7,可知此时细线拉力最大，合力不为零，故D正确.6.在油电混合小轿车上有一种装置，刹车时能将车的动能转化为电能，启动时再将电能转化为动能，从而实现节能减排.图中，甲、乙磁场方向与轮子的转轴平行，丙、丁磁场方向与轮子的转轴垂直，轮子是绝缘体，则采取下列哪个措施，能有效地
8、借助磁场的作用，让转动的轮子停下()A.如图甲，在轮上固定如图绕制的线圈B.如图乙，在轮上固定如图绕制的闭合线圈C.如图丙，在轮上固定一些细金属棒，金属棒与轮子转轴平行D.如图丁，在轮上固定一些闭合金属线框，线框长边与轮子转轴平行答案D解析题图甲和题图乙中当轮子转动时，穿过线图的磁通量都是不变的，不会产生感生电流,则不会有安培力阻碍轮子的运动，选项A、B错误；题图丙中在轮上固定一些细金属棒，当轮子转动时会产生感应电动势，但是不会形成感应电流，则也不会产生安培力阻碍轮子转动，选项C错误；题图丁中在轮上固定一些闭合金属线框，线框长边与轮子转轴平行，当轮子转动时会产生感应电动势，形成感应电流，则会产
9、生安培力阻碍轮子转动，使轮子很快停下来，选项D正确.7 .冰壶运动深受观众喜爱，在某次投掷中，冰壶甲运动一段时间后与静止的冰壶乙发生正碰,如图所示.若两冰壶质量相等，则碰后两冰壶最终停止的位置，可能是选项图中的哪幅图()答案B解析两冰壶碰撞过程中动量守恒，两冰壶发生正碰，由动量守恒定律可知，碰撞前后系统动量不变，两冰壶的动量方向即速度方向，不会偏离甲原来的方向，可知，A图情况是不可能的，故A错误；如果两冰壶发生弹性碰撞，碰撞过程动量守恒、机械能守恒，两冰壶质量相等，碰撞后两冰壶交换速度，甲静止，乙的速度等于甲的速度，碰后乙做减速运动，后停止，最终两冰壶的位置可能如选项B所示，故B正确：两冰壶碰
10、撞后，乙在前，甲在后，选项C所示是不可能的，故C错误：碰撞过程机械能不可能增大，两冰壶质量相等，碰撞后甲的速度不可能大于乙的速度，碰撞后甲的位移不可能大于乙的位移，故D错误.二、多项选择题:本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得O分。8 .从高为20m的位置以20m/s的初速度竖直上抛一物体，g取10ms2,当物体到抛出点距离为15m时，所经历的时间可能是（）A.1sB.2sC.3sD.（2+7）s答案ACD解析取竖直向上方向为正方向，当物体运动到抛出点上方离抛出点15m时,位移为x=15m,由竖直上抛
11、运动的位移时间公式得X=Oof金产，解得h=1s,r2=3s；当物体运动到抛出点下方离抛出点15m时，位移为=15m,由x=vof-gf2,解得，3=（2+巾）s或=（2巾）s（负值舍去），选项A、C、D正确，B错误.9.如图甲所示，a、b是点电荷的电场中同一条电场线上的两点，一个带电粒子在。点由静止释放，仅在静电力作用下从。点向b点运动，粒子的动能与位移之间的关系如图乙所示，则下列说法中正确的是（）abOX甲乙A.带电粒子与场源电荷带异种电荷B.。点电势比点电势高C.点电场强度比b点电场强度大D.带电粒子在。点的电势能比在b点的电势能大答案CD解析粒子从1点向力点运动，图像的切线斜率减小，根
12、据动能定理，则有4&=，电场强度减小，因此“点更靠近场源电荷，则。点电场强度比b点电场强度大，若场源电荷是正电,荷，则粒子带正电，若场源电荷是负电荷，则粒子带负电，它们带同种电荷，故A错误，C正确；由于不能确定场源电荷的性质，所以也不能确定电场线的方向，不能确定点电势与b点电势的高低，故B错误；带电粒子仅在静电力作用下从4点运动到方点，静电力做正功，电势能减小，所以带电粒子在。点的电势能大于在b点的电势能，故D正确.10 .如图所示，一束复色光沿PO方向射向一上、下表面平行的无限大的厚玻璃平面镜的上表面，一共得到三束光I、II、IIL则（）A.该复色光由三种颜色的光混合而成B.光束II在玻璃平
13、面镜中的传播速度比光束In小C.光束II、III在玻璃平面镜内部传播的时间不可能相同D.改变角且。3,V2V3,光束II在玻墙平面镜光束II、HI在玻璃平面镜中中的传播速度比光束In小，B正确；设玻璃平面镜的厚度为4传播的时间表示为t2 =2dCOS B2 Aos a4dcos aV2 (xos ASin - CSin 22dCoS y 2tfcos 4dcos a 。3 -CCos ysin y- csin 2当满足sin2Q=sin2y时，=13,即2），=冗一2川或）=2%又因为的，且均为锐角，则有夕+尸多因此光束II、HI在玻璃平面镜内部传播的时间有可能相同，C错误；玻璃平面镜上、下表
14、面平行，根据光的反射定律及光路的可逆性，改变。角且a90。，光束H、In一定始终与光束I平行，D正确.三、非选择题:本题共5小题，共57分。11 .（5分）某实验小组利用图示装置做“用单摆测量重力加速度”的实验.甲（1）该组同学先测出悬点到小球球心的距离/,然后用秒表测出单摆完成次全振动所用的时间f.请写出重力加速度的表达式g=;(用所测物理量表示)在图甲所示装置的基础上再增加一个速度传感器，如图乙所示，将摆球拉开一小角度使其做简谐运动，速度传感器记录了摆球振动过程中速度随时间变化的关系，如图丙所示的。一，图线.由图丙可知，该单摆的周期T=s；(3)更换摆线长度后，多次测量，根据实验数据，利用
15、计算机作出井一/图像，并根据图像处理得到方程T2=4.00+0.037(s2).由此可以得出当地的重力加速度g=ms2.(SZ2=9.86,结果保留三位有效数字)答案(irz7(2)2.0(3)9.86解析(1)根据题意可得，单摆的周期为7=(,单摆周期计算公式为r=2cj,联立可得g42n2/=7(2)由题图丙可知，该单摆的周期为2.0s.(3)由上述分析可知T=2rj,T2=t,结合器中T2=4.00/+0.037(s2),可得等=4s2m,VKIggg=2ms2=9.86ms2.12 .(10分)某小组用惠斯通电桥测量电阻心的阻值：方案一：如图(a)所示，先闭合开关S,然后调整电阻箱&的
16、阻值，使开关SO闭合时，电流表G的示数为零.已知定值电阻修、R的阻值，即可求得电阻尺的阻值.(1)实验中对电流表G的选择，下列说法正确的是.A.电流表的零刻度在表盘左侧B.电流表的零刻度在表盘中央C.电流表的灵敏度高，无需准确读出电流的大小D.电流表的灵敏度高，且能准确读出电流的大小(2)若实验中未接入电流表G,而其他电路均已连接完好，调节电阻箱&，当弃黑则B、。两点的电势的关系满足须(选填“”或=)D方案二：在方案一的基础上，用一段粗细均匀的电阻丝替代Ri、将电阻箱&换成定值电阻R,如图(b)所示.A一-4一一r占(b)(3)闭合开关S,调整触头。的位置，使按下触头。时，电流表G的示数为零.
17、已知定值电阻R的阻值，用刻度尺测量出小加则电阻R=.(用已知量和测得量表示)(4)为消除因电阻丝的粗细不均匀而带来的误差，将图(b)中的定值电阻R换成电阻箱，并且按照(3)中操作时，电阻箱的读数记为Rr然后将电阻箱与&交换位置，保持触头。的位置不变，调节电阻箱，重新使电流表G的示数为零，此时电阻箱的读数记为Rs，则电阻&=.(用电阻箱的读数表示)答案(I)BC(2)(3R(4)解析(1)电流表G零刻度线在中央时，可以判断电流的流向，判断8和。两点电势的高低，所以要求电流表G的零刻度在表盘中央，所以B正确，A错误；根据电流表中表针摆动的方向便可判断8和。两点电势的高低，进而进行调节，无需准确读出
18、电流的大小，所以C正确，D错误.当没有接电流表G时，&与凡串联，品与心串联，然后必、心和心、心再并联，则/公+1R=UAB+Ubc=Uac,hRI+1#3=Uad+Udc=Uac,整理可得卷一，亲=0一L所以，当正翦时，UBcUdc,即(purQ解析(1)设戒指环的半径为r,则有L=2r磁感应强度大小在加时间内从O均匀增加到Bo,产生的感应电动势为E=r可得E=普,戒指的电阻为R=?则戒指中的感应电流为I=旨=皆(2)戒指中电流的热功率为p_R_&3S14 .(14分)某些鱼类通过调节体内鱼鳏的体积实现浮沉.如图所示，鱼缥结构可简化为通过阀门相连的A、8两个密闭气室，A室壁厚、可认为体积恒定，
19、8室壁薄，体积可变；两室内气体视为理想气体，可通过阀门进行交换.质量为M的鱼静止在水面下”处.8室内气体体积为匕质量为阳；设B室内气体压强与鱼体外压强相等、鱼体积的变化与8室气体体积的变化相等，鱼的质量不变，鱼瞟内气体温度不变.水的密度为p,重力加速度为g.大气压强为Po,求：A室阀门B室(1)鱼通过增加B室体积获得大小为。的加速度，需从A室充入B室的气体质量w;(2)鱼静止于水面下M处时，B室内气体质量见.士安.M/PgHl+()答案Q“(2+w解析(1)由题知开始时鱼静止在水面下，处，设此时鱼的体积为),有Mg=PgyO且此时8室内气体体积为匕质量为m,则m=pV鱼通过增加B室体积获得大小
20、为4的加速度，则有pg()+AV)-=M4联立解得需从A室充入8室的气体质量bm=p V=Mma Vpg(2)开始鱼静止在水面下”处时，B室内气体体积为匕质量为用，且此时8室内的压强为PI=PgH+po鱼静止于水面下H处时，有pi=gH+/?()此时体积也为H设该部分气体在压强为0时，体积为上,由于鱼竦内气体温度不变，根据玻意耳定律有p2V=pV2解得V2 =PgHl+的 pg+PO则此时8室内气体质量tn=p VpgH+p0 pgH+V15 .(19分)“高台滑雪”一直受到一些极限运动爱好者的青睐.挑战者以某速度从某曲面飞出，在空中表演各种花式动作，飞跃障碍物(壕沟)后，成功在对面安全着陆.
21、某实验小组在实验室中利用物块演示分析该模型的运动过程：如图所示，A3C为一段半径为R=5m的光滑圆弧轨道，8为圆弧轨道的最低点.P为一倾角9=37。的固定斜面，为减小在斜面上的滑动距离，在斜面顶端表面处铺了一层防滑薄木板DE,木板上边缘与斜面顶端。重合，圆形轨道末端。与斜面顶端。之间的水平距离为X=O32m.一物块以某一速度从A端进入，沿圆形轨道运动后从。端沿圆弧切线方向飞出，再经过时间/=0.2s恰好以平行于薄木板的方向从。端滑上薄木板，物块始终未脱离薄木板，斜面足够长.已知物块质量加=3kg,薄木板质量M=Ikg,木板与斜面之间的动摩擦因数W=完，木板与物块之间的动摩擦因数偿=京，重力加速
22、度g=10ms2,sin37o=0.6,不计空气阻力，求:(1)物块滑到圆轨道最低点B时，对轨道的压力(计算结果可以保留根号)；(2)物块相对于木板运动的距离；(3)整个过程中，系统由于摩擦产生的热量.答案(1)(91.92-245)N(2)1.5m(3)87J解析(1)物块由。到。，做斜上抛运动水平方向V点斗=7=1.6m/s物块恰好以平行于薄木板的方向从。端滑上薄木板，则在。的速度大小。=点7=2ms,Va=vsin=1.2m/s物块在C端时竖直方向速度大小Vsz=vsig/=-0.8m/s,vc=yv2+vm,2=m/s由A到。mve=nv(?mgR(1cosa)其中cos=装-,pf在
23、B点、有FN-mg=由牛顿第三定律得尸观=尸n=(91.9224小)N2(2)物块刚滑上木板时，对物块有2igcos6Mgsin=mam,解得物块加速度大小。,”=耳ms2,做匀减速直线运动2对木板有2/wgcosO+sin()-(cosO=Mam,解得木板加速度大小w=ms2,做匀加速直线运动设两者经时间t达到共速V矣，则有v-a,nt=aMt=v具解得f=l.5s,V*=1m/sl.,t,.0+。典9此过程中s%=-5=wm,。关3S板=j7=Zm物块相对于木板运动的距离AS=S期一s=1.5m(3)26gcosGmgsin0,此后两者一起做匀减速直线运动，直到停止.2以物块和木板为整体，共=WgCoSe-gsine=WmZs?,s*=1.5mQ4-=42zgcos伊As=30JQ轩=i(M+“geos(s融+s共)=57J整个过程中，系统由于摩擦产生的热量Q=。时板+Q板-竹=87J.
